CSAPP 之 DataLab 详解

前言

本篇博客将会剖析 CSAPP - DataLab 各个习题的解题过程，加深对 int、unsigned、float 这几种数据类型的计算机表示方式的理解。

DataLab 中包含下表所示的 12 个习题，其中 9 个和整数有关，3个和单精度浮点数有关。

函数名	功能描述	分数	操作符
bitXor(x, y)	使用 & 和 ~ 实现异或操作	1	14
tmin()	补码的最小值	1	14
isTmax(x)	x 是否为补码的最大值	1	10
allOddBits(x)	x 的奇数位是否全为 1	2	12
negate(x)	不使用 - 计算 x 的相反数	2	5
isAsciDigit(x)	x 是否在 [0x30, 0x39] 区间内	3	15
conditional	实现条件运算符，x ? y : z	3	16
isLessOrEqual(x, y)	x 是否小于等于 y	3	24
logicalNeg(x)	不使用 ! 计算逻辑非	4	12
howManyBits(x)	表示 x 的最少补码位数	4	90
floatScale2(uf)	计算无符号数 uf 所表示的浮点数的 2 倍值	4	30
floatFloat2Int(uf)	将无符号数 uf 所表示的浮点数转为整数	4	30
floatPower2(x)	计算 2x2x	4	30

解题

整数题目

整数题目对代码的要求比较严格，不允许使用超过 0xFF 的整数字面量，也不能使用 if、while 等关键字，只能使用最基本的加法和位操作实现所需功能。

bitXor(x, y)

题目要求只使用 ~ 和 & 实现异或，我们只需用德摩根定律对异或的布尔表达式做一下变换即可：

x⊕y=ˉxy+xˉy=¯¯ˉxy⋅¯xˉy

有了上面的式子之后就很简单了，代码如下：

复制/*
 * bitXor - x^y using only ~ and &
 *   Example: bitXor(4, 5) = 1
 *   Legal ops: ~ &
 *   Max ops: 14
 *   Rating: 1
 */
int bitXor(int x, int y) {
    return ~(~(~x & y) & ~(x & ~y));
}

tmin()

对于 4 个字节的有符号数，Tmin=−232−1=0b10⋯0，只需将 1 左移 31 位即可得到。

复制/*
 * tmin - return minimum two's complement integer
 *   Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
 *   Max ops: 4
 *   Rating: 1
 */
int tmin(void) {
    return 1 << 31;
}

isTmax(x)

对于 4 个字节的有符号数，Tmax=232−1−1=0b01⋯1，题目不允许使用移位操作，所以有必要利用一下 Tmax 的性质来解题：

Tmax=0b01⋯1=∼0b10…0=∼Tmin−Tmin=∼Tmin+1=Tmin

也就是说，如果 x 是 Tmax ，只需对它按位取反，再判断它满不满足相反数即自身这个性质即可。但是除了 Tmin 之外，0（∼−1=∼0b1⋯1=0） 也满足相反数即自身这一特点，所以需要将其排除。代码如下：

复制/*
 * isTmax - returns 1 if x is the maximum, two's complement number,
 *     and 0 otherwise
 *   Legal ops: ! ~ & ^ | +
 *   Max ops: 10
 *   Rating: 1
 */
int isTmax(int x) {
    int y = ~x;
    int y_ = ~y + 1;
    int isZero = !(y ^ 0);
    return !isZero & !(y ^ y_);
}

allOddBits(x)

对于所有奇数位都是 1 的整数，一定满足下式：

x=0b1x301x28⋯1x0,其中x2i∈{0,1}x | (x≫1)=0b11⋯1

将 x 按位或右移 1 位的 x 一定可以得到每位都是 1 的整数，也就是 -1。但是有一个例外，当 x 为 0b1101（这里自取 4 位，方便理解）时，虽然他没有满足所有奇数位都是 1 的要求，但是仍然有 x | x≫1=1101|1110=1111，所以我们有必要将 x 中的 4 的整数倍位清 0，即 x4i=0，由于这些都是偶数位，所以不必有任何的顾虑。

只需将 x&0xEEEEEEEE 就能做到上述的清零操作，整数实验不允许使用大于 255 即 0xFF 的字面量，所以我们只能通过移位来构造 0xEEEEEEEE，代码如下：

复制/*
 * allOddBits - return 1 if all odd-numbered bits in word set to 1
 *   where bits are numbered from 0 (least significant) to 31 (most significant)
 *   Examples allOddBits(0xFFFFFFFD) = 0, allOddBits(0xAAAAAAAA) = 1
 *   Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
 *   Max ops: 12
 *   Rating: 2
 */
int allOddBits(int x) {
    int mask = 0xEE + (0xEE << 8);
    mask = mask + (mask << 16);
    int y = x & mask;
    int z = y | (y >> 1);
    return !(~z ^ 0);
}

negate(x)

要计算相反数，只需按位取反之后再加 1 即可。

复制/*
 * negate - return -x
 *   Example: negate(1) = -1.
 *   Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
 *   Max ops: 5
 *   Rating: 2
 */
int negate(int x) {
    return ~x + 1;
}

isAsciiDigit(x)

这题要判断 x 是否为 Ascii 码 0~9 中的某一个，即要求 0x30≤x≤0x39，可以分两步实现判断。

首先判断低 4 位 x3x2x1x0 是否在 0~9 范围内。当 x3 为 0 时，低 4 位在 0~7 范围内；当 x3 为 1 时，只要 x2 和 x1 为 0，低四位就在 8~9 范围内。由此得到的布尔表达式为：

A=ˉx3+x3ˉx2ˉx1

接着判断 x7x6x5x4 是否为 3，只要将 x 右移 4 位之后异或 3 再逻辑取反就能得到判断结果。

复制/*
 * isAsciiDigit - return 1 if 0x30 <= x <= 0x39 (ASCII codes for characters '0'
 * to '9') Example: isAsciiDigit(0x35) = 1. isAsciiDigit(0x3a) = 0.
 *            isAsciiDigit(0x05) = 0.
 *   Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
 *   Max ops: 15
 *   Rating: 3
 */
int isAsciiDigit(int x) {
    // 判断低 4 位是否在 0~9 范围内
    int is0To9 = !((x & 8) ^ 0) + !((x & 14) ^ 8);
    // 判断高 4 位是否为 3
    int isThree = !((x >> 4) ^ 3);
    return is0To9 & isThree;
}

conditional(x, y)

要实现 w = x : y ? z，只需实现函数 f(x,y,z)=z & g(x)+y & ∼g(x)，其中 g(x) 满足下式：

g(x)={0b11⋯1x=00b00⋯0x≠0

要实现 g(x)，只需先将 x 异或 0，如果 x 为 0，结果就是 0，否则为非 0 数，接着再逻辑取反，得到的数不是 1 就是 0，再按位取反并加 1，就能得到 g(x)。代码如下：

复制/*
 * conditional - same as x ? y : z
 *   Example: conditional(2,4,5) = 4
 *   Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
 *   Max ops: 16
 *   Rating: 3
 */
int conditional(int x, int y, int z) {
    int mask = ~(!(x ^ 0)) + 1;
    return (y & ~mask) + (z & mask);
}

isLessOrEqual(x, y)

比较两个数的大小，首先应该比较符号位。如果 x 为正，y 为负，直接返回 0；如果如果 x 为负，y 为正，直接返回 1。

如果 x 和 y 同号，则判断 z=x−y≤0 是否成立。由于题目不允许使用减号操作符，所以换成判断 z=x+(−y)=x+(∼y+1)≤0。只要 z 的符号位为 1，x 就小于 y，如果 z 为 0，说明 x 等于 y。

复制/*
 * isLessOrEqual - if x <= y  then return 1, else return 0
 *   Example: isLessOrEqual(4,5) = 1.
 *   Legal ops: ! ~ & ^ | + << >>
 *   Max ops: 24
 *   Rating: 3
 */
int isLessOrEqual(int x, int y) {
    // 获取符号位
    int signX = (x >> 31) & 1;
    int signY = (y >> 31) & 1;

    // 大小比较
    int z = x + (~y + 1);
    int isLe = !((z & (1 << 31)) ^ (1 << 31)) | !(z ^ 0);

    return (!(~signX & signY)) & ((signX & ~signY) | isLe);
}

logicalNeg(x)

逻辑取反，x 非 0 返回 0，x 为 0 返回 1。在实现 isTmax(x) 时，我们说过 0 满足 −0=0，即 0 | (∼0+1) 得到的结果还是 0。而其他非 0 数按位或自己的相反数，符号位一定会是 1。由此可以写出逻辑非的代码：

复制/*
 * logicalNeg - implement the ! operator, using all of
 *              the legal operators except !
 *   Examples: logicalNeg(3) = 0, logicalNeg(0) = 1
 *   Legal ops: ~ & ^ | + << >>
 *   Max ops: 12
 *   Rating: 4
 */
int logicalNeg(int x) {
    return ((x | (~x + 1)) >> 31) + 1;
}

howManyBits(x)

题目要求计算出表示 x 的最少补码位数，比如：

• 0=0b0，只需 1 位即可表示
• −1=0b1，也只需 1 位来表示
• 1=0b01∈[−2,1]，需要 2 位来表示
• −2=0b10∈[−2,1]，需要 2 位来表示
• 2=0b010∈[−4,3]，需要 3 位来表示
• 3=0b011∈[−4,3]，需要 3 位来表示
• −3=0b101∈[−4,3]，需要 3 位来表示

观察上面的二进制数和他们所需的位数，可以发现如果 x 为正数，从左到右扫描，第一个 1 出现的位置 +1 就是所需位数。如果 x 为负数，将其按位取反转换为正数后再进行相同判断即可。

我们可以采用二分法来从左到右寻找第一个 1 出现的位置。首先去高 16 位看看有没有 1 出现，如果有就把 x 右移 16 位后的值赋给 x，再去移位后 x 的低 16 位二分查找。如果高 16 位没有出现 1，就在低 16 位二分查找。

复制int howManyBits(int x) {
    int sign = x >> 31;

    // 将 x 转换为正数，这样只要判断最高位 1 出现的位置即可
    x = (sign & ~x) | (~sign & x);

    // 判断高16位是否存在 1，如果有就右移 x
    int b16 = (!!(x >> 16)) << 4;
    x = x >> b16;

    // 判断高 8 位是否存在 1，如果有就右移 x
    int b8 = (!!(x >> 8)) << 3;
    x = x >> b8;

    // 判断高 4 位是否存在 1，如果有就右移 x
    int b4 = (!!(x >> 4)) << 2;
    x = x >> b4;

    // 判断高 2 位是否存在 1，如果有就右移 x
    int b2 = (!!(x >> 2)) << 1;
    x = x >> b2;

    int b1 = !!(x >> 1);
    int b0 = x >> b1;

    return b16 + b8 + b4 + b2 + b1 + b0 + 1;
}

浮点数题目

浮点数题目对代码的要求没有整数题目那么严格，可以在代码里面使用超过 0xFF 的整数字面量，可以使用 if、while 关键词，还能使用 ==、>= 等逻辑运算符。

floatScale2(uf)

题目要求将无符号数 uf 表示的单精度浮点数 f 乘以 2，可以分为两种情况：

• 如果 f 为非规格化数，即 exp 字段为 0，此时 f 小于 1，只需将 uf 算术左移即可
• 如果 f 为规格化数，即 exp 字段不为 0，乘以 2 只需将 exp+1 即可，但是 +1 之后可能使得 exp 变为 0xFF，即发生了溢出，这时候需要返回 +∞ 或者 −∞

代码如下所示：

复制/*
 * floatScale2 - Return bit-level equivalent of expression 2*f for
 *   floating point argument f.
 *   Both the argument and result are passed as unsigned int's, but
 *   they are to be interpreted as the bit-level representation of
 *   single-precision floating point values.
 *   When argument is NaN, return argument
 *   Legal ops: Any integer/unsigned operations incl. ||, &&. also if, while
 *   Max ops: 30
 *   Rating: 4
 */
unsigned floatScale2(unsigned uf) {
    // 取出阶码
    unsigned exp = (uf & 0x7f800000) >> 23;
    if (exp == 255) {
        return uf;
    }

    // 取出符号位
    unsigned sign = uf & 0x80000000;

    // 非规格化数，直接左移扩大两倍
    if (exp == 0) {
        return uf << 1 | sign;
    }

    // 溢出
    if (++exp == 255) {
        return sign | 0x7f800000;
    }

    return exp << 23 | (uf & 0x807fffff);
}

floatFloat2Int(uf)

题目要求将浮点数 f 强转为整数，根据 E=exp−Bias 的值可以分为几种情况：

• 如果 E 小于 0，说明 f 要么是非规格化数（exp 为 0，这里没有使用 1−Bias 因为只看 E 的符号），要么是一个小于 2 的数乘上了 1/2n ，两种情况下 f 的绝对值都小于 1，只需返回 0 即可
• 如果 E 大于 31，说明 |±1.XX⋯X| 至少变成原来的 232 倍，由于整数只有 4 个字节，这时候发生了溢出，返回 0x80000000
• 如果 23<E<31，说明 |±1XX⋯X| （注意这里没有小数点，所以需要大于 23）需要左移（扩大）才能表示浮点数的值 ，左移的过程中可能改变符号为负，说明发生了溢出，需要返回 0x80000000
• 如果 0≤E≤23，说明 |±1XX⋯X| 需要右移（缩小）才能表示浮点数的值

代码如下所示：

复制/*
 * floatFloat2Int - Return bit-level equivalent of expression (int) f
 *   for floating point argument f.
 *   Argument is passed as unsigned int, but
 *   it is to be interpreted as the bit-level representation of a
 *   single-precision floating point value.
 *   Anything out of range (including NaN and infinity) should return
 *   0x80000000u.
 *   Legal ops: Any integer/unsigned operations incl. ||, &&. also if, while
 *   Max ops: 30
 *   Rating: 4
 */
int floatFloat2Int(unsigned uf) {
    // 计算阶码
    unsigned exp = (uf & 0x7f800000) >> 23;
    int e = exp - 127;

    // 0或小数直接返回 0
    if (e < 0) {
        return 0;
    }

    // NaN 或者 无穷大
    if (e > 31) {
        return 0x80000000;
    }

    // 尾数
    int frac = (uf & 0x7fffff) | 0x800000;

    // 移动小数点
    if (e > 23) {
        frac <<= (e - 23);
    } else {
        frac >>= (23 - e);
    }

    // 符号位不变
    if (!((uf >> 31) ^ (frac >> 31))) {
        return frac;
    }

    // 符号位变化，且当前符号为负，说明溢出
    if (frac >> 31) {
        return 0x80000000;
    }

    // 符号变化，返回补码
    return ~frac + 1;
}

floatPower2(x)

这题比较简单，要求计算 2x ，只要将 exp 加上 x 即可。因为 x 变化范围太大，可能导致 exp 小于 0 或者大于 255，这时候就要返回 0 或者无穷大。

复制/*
 * floatPower2 - Return bit-level equivalent of the expression 2.0^x
 *   (2.0 raised to the power x) for any 32-bit integer x.
 *
 *   The unsigned value that is returned should have the identical bit
 *   representation as the single-precision floating-point number 2.0^x.
 *   If the result is too small to be represented as a denorm, return
 *   0. If too large, return +INF.
 *
 *   Legal ops: Any integer/unsigned operations incl. ||, &&. Also if, while
 *   Max ops: 30
 *   Rating: 4
 */
unsigned floatPower2(int x) {
    int exp = 127 + x;

    // 溢出
    if (exp >= 255) {
        return 0x7f800000u;
    }

    // 太小以至于无法用非规格化数来表示
    if (exp < 0) {
        return 0;
    }

    return exp << 23;
}

总结

做完习题之后收获还是挺大的，做题的过程也产生了一些想法：

• 看书还是挺无聊的，配合 B 站的网课食用更香，而且看 CMU 网课的感觉和看国内慕课的感觉完全不一样，看慕课的时候只想着开倍数刷完了事，而看 CMU 网课的时候就觉得大牛慢慢悠悠的节奏很舒服，可以看得很投入
• int 和 unsigned 的底层二进制数是一样的，只是看待这个二进制数的方式不同，只要记住数轴即可

以上~~