• 数据结构与算法（三）

    文章目录

    数据结构与算法（三）

    9 链表及其相关面试题

    • 内容：
      • 链表查找、面试题的常见技巧
      • 链表回文
      • 链表的分区
      • 链表的复制
    9.1 链表查找
    • 输入链表头节点，奇数长度返回中点，偶数长度返回上中点；
    • 输入链表头节点，奇数长度返回中点，偶数长度返回下中点；
    • 输入链表头节点，奇数长度返回中点前一个，偶数长度返回上中点前一个；
    • 输入链表头节点，奇数长度返回中点前一个，偶数长度返回下中点前一个。
    // 输入链表头节点，奇数长度返回中点，偶数长度返回上中点
public static Node midOrUpMidNode(Node head) {
   
    // 空节点、1个节点、2个节点，都是返回head
    if (head == null || head.next == null || head.next.next == null) return head;
    // 3个节点或以上，定义快、慢指针
    Node slow = head, fast = head;
    // 当快指针可以走两步时，慢指针每次走一步，快指针走两步
    while (fast.next != null && fast.next.next != null) {
   
        slow = slow.next;
        fast = fast.next.next;
    }
    return slow;
}

// 输入链表头节点，奇数长度返回中点，偶数长度返回下中点
public static Node midOrDownMidNode(Node head) {
   
    // 空节点、1个节点，都是返回head
    if (head == null || head.next == null) return head;
    // 2个节点或以上，定义快、慢指针
    Node slow = head, fast = head;
    // 当快指针可以走两步时，慢指针每次走一步，快指针走两步
    while (fast.next != null && fast.next.next != null) {
   
        slow = slow.next;
        fast = fast.next.next;
    }
    // fast.next == null 说明是奇数个节点，否则是偶数个节点
    return fast.next == null ? slow : slow.next;
}

// 输入链表头节点，奇数长度返回中点前一个，偶数长度返回上中点前一个
public static Node midOrUpMidPreNode(Node head) {
   
    // 空节点、1个节点、2个节点，都是返回null
    if (head == null || head.next == null || head.next.next == null) return null;
    // 3个节点或以上，定义快、慢指针
    Node slow = head, fast = head;
    // fast先走2步
    fast = fast.next.next;
    // 当快指针还可以走两步时，慢指针每次走一步，快指针走两步
    while (fast.next != null && fast.next.next != null) {
   
        slow = slow.next;
        fast = fast.next.next;
    }
    return slow;
}

// 输入链表头节点，奇数长度返回中点前一个，偶数长度返回下中点前一个
public static Node midOrDownMidPreNode(Node head) {
   
    // 空节点、1个节点，都是返回null
    if (head == null || head.next == null) return null;
    // 2个节点，返回head
    if (head.next.next == null) return head;
    // 3个节点或以上，定义快、慢指针
    Node slow = head, fast = head;
    // fast先走1步
    fast = fast.next;
    // 当快指针还可以走两步时，慢指针每次走一步，快指针走两步
    while (fast.next != null && fast.next.next != null) {
   
        slow = slow.next;
        fast = fast.next.next;
    }
    return slow;
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22
    • 23
    • 24
    • 25
    • 26
    • 27
    • 28
    • 29
    • 30
    • 31
    • 32
    • 33
    • 34
    • 35
    • 36
    • 37
    • 38
    • 39
    • 40
    • 41
    • 42
    • 43
    • 44
    • 45
    • 46
    • 47
    • 48
    • 49
    • 50
    • 51
    • 52
    • 53
    • 54
    • 55
    • 56
    • 57
    • 58
    • 59
    • 60
    • 61
    • 62
    • 63
    • 64
    • 65
    • 66
    • 67
    • 68
    • 69
    • 70
    • 面试时链表解题的方法论
      • 对于笔试，不用太在乎空间复杂度，一切为了时间复杂度；
      • 对应面试，时间复杂度依然放在第一位，但一定要找到空间最省的方法。
    • 常用数据结构和技巧
      • 使用容器（哈希表、数组等）
      • 快慢指针
    9.2 给定一个单链表的头节点head，请判断该链表是否为回文结构
    • 哈希表方法特别简单（笔试用）
    • 改原链表的方法就需要注意边界了（面试用）
    • 测试链接：https://leetcode.cn/problems/palindrome-linked-list-lcci/description/

    方法一：借助容器 栈，额外空间O(N)

    public static boolean isPalindromeByStack(Node head) {
   
    Stack<Node> stack = new Stack<>();
    Node cur = head;
    while (cur != null) {
   
        stack.push(cur);
        cur = cur.next;
    }
    cur = head;
    while (cur != null) {
   
        if (cur.val != stack.pop().val) return false;
        cur = cur.next;
    }
    return true;
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17

    方法二：还是利用栈，只将右半部分入栈，额外空间O(N/2)

    public static boolean isPalindromeByHalfStack(Node head) {
   
    if (head == null || head.next == null) return true;
    // 找中点
    Node slow = head, fast = head;
    while (fast.next != null && fast.next.next != null) {
   
        slow = slow.next;
        fast = fast.next.next;
    }
    // 中点之后的节点入栈
    Stack<Node> stack = new Stack<>();
    while (slow.next != null) {
   
        stack.push(slow.next);
        slow = slow.next;
    }
    Node cur = head;
    // 依次弹出栈中元素比较
    while (!stack.isEmpty()) {
   
        if (cur.val != stack.pop().val) return false;
        cur = cur.next;
    }
    return true;
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22
    • 23
    • 24
    • 25
    • 26

    方法三：翻转链表中点位置以后的链表，额外空间O(1)

    public static boolean isPalindrome(Node head) {
   
    if (head == null || head.next == null) return true;
    // 1. 快慢指针找中点
    Node slow = head, fast = head;
    while (fast.next != null && fast.next.next != null) {
   
        slow = slow.next;
        fast = fast.next.next;
    }
    // 2. 逆序中点(奇数节点时slow中点、偶数节点时slow是上中点)之后的链表
    Node revHead = null, cur = slow.next, next;
    slow.next = null;
    while (cur != null) {
   
        next = cur.next;
        cur.next = revHead;
        revHead = cur;
        cur = next;
    }
    // 3. 头尾比较，判断是否是回文
    Node p = revHead;
    cur = head;
    boolean ans = true;
    while (cur != null && p != null) {
   
        if (cur.val != p.val) {
   
            ans = false;
            break;
        }
        cur = cur.next;
        p = p.next;
    }
    // 4. 恢复原链表
    Node pre = null;
    cur = revHead;
    while (cur != null) {
   
        next = cur.next;
        cur.next = pre;
        pre = cur;
        cur = next;
    }
    slow.next = pre;
    return ans;
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22
    • 23
    • 24
    • 25
    • 26
    • 27
    • 28
    • 29
    • 30
    • 31
    • 32
    • 33
    • 34
    • 35
    • 36
    • 37
    • 38
    • 39
    • 40
    • 41
    • 42
    • 43
    • 44
    • 45
    • 46
    • 47
    9.3 链表的分区
    • 给定一个单链表的头节点head，给定一个整数n，将链表按n划分成左边n
      • 把链表放入数组中，在数组上做partition（笔试用）
      • 分成小、中、大三部分，再把各个部分之间串起来（面试用）

    方法一：借助数组分区

    方法二：不借助容器public static Node listPartitionByArray(Node head, int pivot) {
   
    if (head == null) return null;
    // 1. 遍历链表，计算链表节点个数
    Node cur = head;
    int cnt = 0;
    while (cur != null) {
   
        cnt++;
        cur = cur.next;
    }
    // 2. 创建一个Node数组，再次遍历原链表，将每个节点加入数组中
    Node[] nodes = new Node[cnt];
    cur = head;
    for (int i = 0; i < cnt; i++) {
   
        nodes[i] = cur;
        cur = cur.next;
    }
    // 3. 分区
    int small = -1, big = cnt, idx = 0;
    while (idx < big) {
   
        if (nodes[idx].val == pivot) idx++;
        else if (nodes[idx].val < pivot) swap(nodes, ++small, idx++);
        else swap(nodes, --big, idx);
    }
    // 4. 将数组中的节点串联起来
    for (int i = 1; i < cnt; i++) nodes[i - 1].next = nodes[i];
    nodes[cnt - 1].next = null;
    return nodes[0];
}
private static void swap(Node[] nodes, int i, int j) {
   
    if (i == j) return;
    Node tmp = nodes[i];
    nodes[i] = nodes[j];
    nodes[j] = tmp;
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22
    • 23
    • 24
    • 25
    • 26
    • 27
    • 28
    • 29
    • 30
    • 31
    • 32
    • 33
    • 34
    • 35
    • 36
    • 37
    • 38
    • 39

    方法二：不借助容器

    public static Node listPartition(Node head, int pivot) {
   
    // 定义6个变量分别是 小于区、等于区、大于区 的头和尾指针，和
    Node sh = null, st = null, eh = null, et = null, bh = null, bt = null;
    // 定义一个cur用于遍历head链表，next用于记录下一步
    Node cur = head, next;
    // 遍历原链表进行分区
    while (cur != null) {
   
        next = cur.next;
        cur.next = null;
        if (cur.val < pivot) {
   
            if (sh == null) sh = cur;
            else st.next = cur;
            st = cur;
        } else if (cur.val == pivot) {
   
            if (eh == null) eh = cur;
            else et.next = cur;
            et = cur;
        } else {
   
            if (bh == null) bh = cur;
            else bt.next = cur;
            bt = cur;
        }
        cur = next;
    }
    // 用小于区域的尾巴，去连等于区域的头
    if (st != null) {
   
        // 如果有小于区域
        st.next = eh;
        // 下一步，谁去连大于区域的头，谁就变成eT
        et = et == null ? st : et;
    }
    // 用等于区域的尾巴，去连大于区域的头
    if (et != null) et.next = bh;

    return sh != null ? sh : (eh != null ? eh : bh);
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22
    • 23
    • 24
    • 25
    • 26
    • 27
    • 28
    • 29
    • 30
    • 31
    • 32
    • 33
    • 34
    • 35
    • 36
    • 37
    • 38
    • 39
    • 40
    • 41
    • 42
    9.4 链表的复制
    • 一种特殊的单链表节点类描述如下：
    class Node {
   
	int value;
	Node next;
	Node rand;
	Node(int val) {
   value = val;}
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • rand指针是单链表节点结构中新增的指针，rand可能指向链表中的任意一个节点，也可能指向null。给定一个由Node节点类型组成的无环单链表的头节点head，请实现一个函数完成这个链表的复制，返回复制的新链表的头节点，要求时间复杂度O(N)，额外空间复杂度O(1)。
    • 测试链接 : https://leetcode.cn/problems/copy-list-with-random-pointer/

    方法一：借助容器Map

    public static Node copyRandomListByMap(Node head) {
   
    // key: 老节点，value: 新节点
    Map<Node, Node> nodeMap = new HashMap<>();
    // 1. 定义一个指针遍历原链表，将所有节点克隆一份，并和来节点建立映射关系
    Node cur = head;
    while (cur != null) {
   
        nodeMap.put(cur, new Node(cur.val));
        cur = cur.next;
    }
    // 2. 再次遍历原链表，设置新链表的next和random
    cur = head;
    while (cur != null) {
   
        Node newNode = nodeMap.get(cur);
        newNode.next = nodeMap.get(cur.next);
        newNode.random = nodeMap.get(cur.random);
        cur = cur.next;
    }
    return nodeMap.get(head);
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22

    方法二：不借助容器

    public static Node copyRandomList(Node head) {
   
    if (head == null) return null;
    // 定义一个指针遍历原链表，和next记录下一步
    // 1. 将所有节点克隆一份，挂在每个节点的后面
    // 1->2->3->null  ==>> 1->1'->2->2'->3->3'->null
    Node cur = head, next;
    while (cur != null) {
   
        next = cur.next;
        cur.next = new Node(cur.val);
        cur.next.next = next;
        cur = next;
    }
    // 2. 依次设置 1' 2' 3' random指针
    cur = head;
    while (cur != null) {
   
        next = cur.next.next;
        Node copy = cur.next;
        copy.random = cur.random == null ? null : cur.random.next;
        cur = next;
    }
    // 3. 分拆新老节点
    cur = head;
    Node copyHead = head.next;
    while (cur != null) {
   
        next = cur.next.next;
        Node copy = cur.next;
        cur.next = next;
        copy.next = next == null ? null : next.next;
        cur = next;
    }
    return copyHead;
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22
    • 23
    • 24
    • 25
    • 26
    • 27
    • 28
    • 29
    • 30
    • 31
    • 32
    • 33
    • 34
    • 35
    • 36

    10 链表相关面试题（续）、二叉树的常见遍历

    • 内容：
      • 单链表的相交节点系列问题
      • 一种看似高效其实搞笑的节点删除方式
      • 二叉树的中序、先序、后序遍历
    10.1 判断链表相交
    • 给定两个可能有环也可能无环的单链表，头节点head1和head2。请实现一个函数，如果两个链表相交，请返回相交的第一个节点。如果不相交返回null。要求如果两个链表长度之和为N，时间复杂度请达到O(N)，额外空间复杂度请达到O(1)。
    // 返回两个链表相交节点，不相交返回null
public static Node getIntersectNode(Node head1, Node head2) {
   
	if (head1 == null || head2 == null) return null;
	// 1. 分别获取两个链表的入环节点
	Node loop1 = getLoopNode(head1);
	Node loop2 = getLoopNode(head2);
	// 2. 情况一：两个链表都无环
	if (loop1 == null && loop2 == null) {
   
		return getIntersectWithNoLoop(head1, head2);
	}
	// 2. 情况二：两个链表都有环
	if (loop1 != null && loop2 != null) {
   
		return getIntersectWithBothLoop(head1, loop1, head2, loop2);
	}
	// 3. 情况三：一个有环、一个无环，一定不相交
	return null;
}

private static Node getLoopNode(Node head) {
   
	Node slow = head, fast = head;
	do {
   
		if (fast.next == null || fast.next.next == null) {
   
			return null;
		}
		slow = slow.next;
		fast = fast.next.next;
	} while (slow != fast);
	// do...while 能出来，说明slow与fast相交
	// 将fast放回到头节点，然后快慢指针一起往下走
	fast = head;
	while (slow != fast) {
   
		slow = slow.next;
		fast = fast.next;
	}
	// 再次相遇的点，就是入环节点
	return slow;
}

// 如果两个链表都无环，返回第一个相交节点，如果不相交，返回null
private static Node getIntersectWithNoLoop(Node head1, Node head2) {
   
	Node cur1 = head1, cur2 = head2;
	int cnt = 0; // 用于计算两个链表节点数量的差值
	// 找到head1的最后一个节点
	while (cur1.next != null) {
   
		cnt++;
		cur1 = cur1.next;
	}
	// 找到head2的最后一个节点
	while (cur2.next != null) {
   
		cnt--;
		cur2 = cur2.next;
	}
	// 如果最后一个节点不相等，一定不相交
	if (cur1 != cur2) return null;
	cur1 = cnt > 0 ? head1 : head2;			// 谁长，谁的头变成cur1
	cur2 = cur1 == head1 ? head2 : head1;	// 谁短，谁的头变成cur2
	cnt = Math.abs(cnt);
	// cur1 先走 cnt 步
	while (cnt-- > 0) cur1 = cur1.next;
	// 然后cur1、cur2一起走
	while (cur1 != cur2) {
   
		cur1 = cur1.next;
		cur2 = cur2.next;
	}
	// 相遇的点，就是相交点
	return cur1;
}

// 如果两个链表都有环，返回第一个相交节点，如果不相交，返回null
private static Node getIntersectWithBothLoop(Node head1, Node loop1, Node head2, Node loop2) {
   
	// 1. 情况一：如果两个链表的入环节点不相等
	if (loop1 != loop2) {
   
		// 假设从loop1下个节点开始往下走一圈
		Node cur = loop1.next;
		while (cur != loop1) {
   
			// 如果能和loop2相遇，则找到了相交点
			if (cur == loop2) return loop1;
			cur = cur.next;
		}
		// 否则没找到相交点
		return null;
	}
	// 2. 情况一：如果两个链表的入环节点相等
	// 计算head1、head2到入环节点的节点个数差值
	Node cur1 = head1, cur2 = head2;
	int cnt = 0;
	while (cur1 != loop1) {
   
		cnt++;
		cur1 = cur1.next;
	}
	while (cur2 != loop2) {
   
		cnt--;
		cur2 = cur2.next;
	}
	cur1 = cnt > 0 ? head1 : head2;
	cur2 = cur1 == head1 ? head2 : head1;
	cnt = Math.abs(cnt);
	// cur1 先走cnt步
	while (cnt-- > 0) cur1 = cur1.next;
	// 然后cur1、cur2一起走
	while (cur1 != cur2) {
   
		cur1 = cur1.next;
		cur2 = cur2.next;
	}
	// 相遇的点，就是相交点
	return cur1;
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22
    • 23
    • 24
    • 25
    • 26
    • 27
    • 28
    • 29
    • 30
    • 31
    • 32
    • 33
    • 34
    • 35
    • 36
    • 37
    • 38
    • 39
    • 40
    • 41
    • 42
    • 43
    • 44
    • 45
    • 46
    • 47
    • 48
    • 49
    • 50
    • 51
    • 52
    • 53
    • 54
    • 55
    • 56
    • 57
    • 58
    • 59
    • 60
    • 61
    • 62
    • 63
    • 64
    • 65
    • 66
    • 67
    • 68
    • 69
    • 70
    • 71
    • 72
    • 73
    • 74
    • 75
    • 76
    • 77
    • 78
    • 79
    • 80
    • 81
    • 82
    • 83
    • 84
    • 85
    • 86
    • 87
    • 88
    • 89
    • 90
    • 91
    • 92
    • 93
    • 94
    • 95
    • 96
    • 97
    • 98
    • 99
    • 100
    • 101
    • 102
    • 103
    • 104
    • 105
    • 106
    • 107
    • 108
    • 109
    • 110
    • 111
    • 112
    • 113
    • 114
    • 115
    • 116
    • 117
    • 118
    • 119
    • 120
    • 121
    • 122
    • 123
    • 124
    10.2 链表删除
     public void deleteNode(ListNode node) {
     node.val = node.next.val;
     node.next = node.next.next;
 }

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    10.3 二叉树先序、中序、后序的递归遍历和递归序
    • 先序：任何子树的处理顺序都是，先头节点，再左子树，然后右子树；
    • 中序：任何子树的处理顺序都是，先左子树，再头节点，然后右子树；
    • 后序：任何子树的处理顺序都是，先左子树，再右子树，然后头节点。
    // 先序打印所有节点
public static void pre(TreeNode root) {
   
	if (root == null) return;
	System.out.println(root.val);
	pre(root.left);
	pre(root.right);
}
// 中序打印所有节点
public static void in(TreeNode root) {
   
	if (root == null) return;
	in(root.left);
	System.out.println(root.val);
	in(root.right);
}
// 后序打印所有节点
public static void pos(TreeNode root) {
   
	if (root == null) return;
	pos(root.left);
	pos(root.right);
	System.out.println(root.val);
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22
    • 23
    • 24
    • 理解递归序
      • 先序、中序、后序都可以在递归序的基础上加工出来
      • 第一次到达一个节点就打印就是先序，第二次打印即中序，第三次即后序。

    image.png

    结论

    • 给定一个二叉树中的节点 X，假设二叉树先序遍历中 X 左侧所有节点集合是 A，二叉树后序遍历中 X 右侧所有节点集合是 B，那么 A ∩ B 集合是 X 的所有祖先节点。
    10.4 二叉树先序、中序、后序的非递归遍历
    • 先序-非递归版
    public static void preOrder(TreeNode root) {
   
    System.out.print("pre-order: ");
    if (root == null) return;
    Stack<TreeNode> stack = new Stack<>();
    stack.push(root);
    while (!stack.isEmpty()) {
   
        TreeNode node = stack.pop();
        System.out.print(node.val + " ");
        if (node.right != null) stack.push(node.right);
        if (node.left != null) stack.push(node.left);
    }
    System.out.println();
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 中序-非递归版
    public static void inOrder(TreeNode root) {
   
    System.out.print("in-order: ");
    if (root == null) return;
    Stack<TreeNode> stack = new Stack<>();
    TreeNode cur = root;
    while (!stack.isEmpty() || cur != null) {
   
        if (cur != null) {
   
            stack.push(cur);
            cur = cur.left;
        } else {
   
            cur = stack.pop();
            System.out.print(cur.val + " ");
            cur = cur.right;
        }
    }
    System.out.println();
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 后序-非递归版(1)，基于两个栈实现
    public static void posOrder(TreeNode root) {
   
    System.out.print("pos-order: ");
    if (root == null) return;
    Stack<TreeNode> s1 = new Stack<>();
    Stack<TreeNode> s2 = new Stack<>();
    s1.push(root);
    // 先做出 `根 右 左`，压入到 s2 中
    while (!s1.isEmpty()) {
   
        TreeNode node = s1.pop();
        s2.push(node);
        if (node.left != null) s1.push(node.left);
        if (node.right != null) s1.push(node.right);
    }
    // 依次弹出 s2 中的节点，得到 `左 右 根` 后续
    while (!s2.isEmpty()) System.out.print(s2.pop().val + " ");
    System.out.println();
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 后序-非递归版(2)，基于一个栈实现
    public static void posOrder2(TreeNode root) {
   
    System.out.print("pos-order: ");
    if (root == null) return;
    Stack<TreeNode> stack = new Stack<>();
    stack.push(root);
    TreeNode cur = root, node;
    while (!stack.isEmpty()) {
   
        node = stack.peek();
        if (node.left != null && cur != node.left && cur != node.right) stack.push(node.left);
        else if (node.right != null && node.right != cur) stack.push(node.right);
        else {
   
            System.out.print(stack.pop().val + " ");
            cur = node;
        }
    }
    System.out.println();
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20

    11 二叉树常见面试题和二叉树的递归套路（上）

    • 内容：
      • 通过题目来熟悉二叉树的解题技巧
    11.1 二叉树的按层遍历
    • 层序遍历-基于队列实现，其实就是图的宽度优先遍历
    public static void levelOrder(TreeNode root) {
   
	if (root == null) return;
	Queue<TreeNode> queue = new LinkedList<>();
	queue.offer(root);
	while (!queue.isEmpty()) {
   
		TreeNode node = queue.poll();
		System.out.print(node.val + " ");
		if (node.left != null) queue.offer(node.left);
		if (node.right != null) queue.offer(node.right);
	}
	System.out.println();
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 层序遍历-基于递归
    public static void levelOrder(TreeNode root, int level, List<List<Integer>> levelResults) {
   
	if (root == null) return;
	if (level == levelResults.size()) levelResults.add(new ArrayList<>());
	levelResults.get(level).add(root.val);
	levelOrder(root.left, level + 1, levelResults);
	levelOrder(root.right, level + 1, levelResults);
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    11.2 二叉树的序列化和反序列化
    • 先序-序列化&反序列化
    // 先序序列化
public static List<Integer> serialByPreOrder(TreeNode root) {
   
    List<Integer> result = new LinkedList<>();
    preOrder(root, result);
    return result;
}
private static void preOrder(TreeNode root, List<Integer> result) {
   
    if (root == null) result.add(null);
    else {
   
        result.add(root.val);
        preOrder(root.left, result);
        preOrder(root.right, result);
    }
}
// 先序反序列化
public static TreeNode deserialByPreOrder(List<Integer> preOrderList) {
   
    if (preOrderList == null || preOrderList.size() == 0) return null;

    return preOrder(preOrderList);
}
private static TreeNode preOrder(List<Integer> preOrderList) {
   
    Integer val = preOrderList.remove(0);
    if (val == null) return null;
    TreeNode root = new TreeNode(val);
    root.left = preOrder(preOrderList);
    root.right = preOrder(preOrderList);
    return root;
}

    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
    • 8
    • 9
    • 10
    • 11
    • 12
    • 13
    • 14
    • 15
    • 16
    • 17
    • 18
    • 19
    • 20
    • 21
    • 22
    • 23
    • 24
    • 25
    • 26
    • 27
    • 28
    • 29
    • 30
    • 31
    • 32
    • 33
    • 后序-序列化&反序列化
    // 后序序列化
public static List<Integer> serialByPostOrder(TreeNode root) {
   
    List<Integer> result = new LinkedList<>();
    postOrder(root, result);
    return result;
}
private static void postOrder(TreeNode root, 
    • 1
    • 2
    • 3
    • 4
    • 5
    • 6
    • 7
  • 相关阅读:
    基于Sring+bootstrap+MySQL的住房公积金管理系统
    Redis 主从
    【C++】STL标准模板库＜＞
    【编程题 】 CD108 反转部分单向链表（详细注释 易懂）
    你知道企业到什么阶段必须数字化转型吗？
    华为云 存在不支持迁移的外键解决方法
    软考高项-规划风险应对
    Go 使用 RabbitMQ---------------之一
    C# 字符串和正则表达式
    垃圾收集器ParNew&CMS与底层三色标记算法
  • 原文地址：https://blog.csdn.net/yangwei234/article/details/133833682